（网络收集）2025年陕山青宁物理高考真题带答案带解析带分值文字版一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.某同学绘制了四幅静电场的电场线分布图，其中可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】电场线不闭合，同一电场中不相交、不相切，疏密表示电场的强弱，匀强电场的电场线是等间距平行直线，故B正确，ACD错误。【分值】4 2.我国计划于2028年前后发射“天问三号”火星探测系统，实现火星取样返回。其轨道器将环绕火星做匀速圆周运动，轨道半径约3750km，轨道周期约2h。引力常量G取6.67×10－11N⋅m2/kg2，根据以上数据可推算出火星的（）A.质量B.体积C.逃逸速度D.自转周期【答案】A【解析】【分值】4 3.某智能物流系统中，质量为20kg的分拣机器人沿水平直线轨道运动，受到的合力沿轨道方向，合力F随时间t的变化如图所示，则下列图像可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分值】4 4.如图，质量为m的均匀钢管，一端支在粗糙水平地面上，另一端被竖直绳悬挂，处于静止状态，钢管与水平地面之间的动摩擦因数为、夹角为，重力加速度大小为g。则地面对钢管左端的摩擦力大小为（）A.B.C.D.0【答案】D【解析】对钢管受力分析，受重力、绳子拉力、地面支持力，可能受摩擦力。若受向左摩擦力，水平方向受力不平衡，与题意矛盾，同理若受向右摩擦力也与题意矛盾，故钢管不受地面的摩擦力作用，D正确，ABC错误。【分值】4 5.我国首台拥有自主知识产权的场发射透射电镜TH—F120实现了超高分辨率成像，其分辨率提高利用了高速电子束波长远小于可见光波长的物理性质。一个静止的电子经电压加速后，其德布罗意波长为，若加速电压为，不考虑相对论效应，则其德布罗意波长为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分值】4 6.电磁压缩法是当前产生超强磁场的主要方法之一，其原理如图所示，在钢制线圈内同轴放置可压缩的铜环，其内已“注入”一个初级磁场，当钢制线圈与电容器组接通时，在极短时间内钢制线圈中的电流从零增加到几兆安培，铜环迅速向内压缩，使初级磁场的磁感线被“浓缩”，在直径为几毫米的铜环区域内磁感应强度可达几百特斯拉。此过程，铜环中的感应电流（）A.与钢制线圈中的电流大小几乎相等且方向相同B.与钢制线圈中的电流大小几乎相等且方向相反C.远小于钢制线圈中的电流大小且方向相同D.远小于钢制线圈中的电流大小且方向相反【答案】D【解析】开关接通瞬间，钢制线圈中电流由0迅速增大，电流产生磁场增大，产生感应电流，感应电流磁场与原磁场方向相反，阻碍磁通量变大，即感应电流方向与钢制线圈中电流方向相反。磁感应线“浓缩”，磁通量几乎不变，则根据可知很小，远小于钢制线圈中电流，故D正确，ABC错误。【分值】4 7.如图，光滑水平面上存在竖直向上、宽度d大于的匀强磁场，其磁感应强度大小为B。甲、乙两个合金导线框的质量均为m，长均为，宽均为L，电阻分别为R和。两线框在光滑水平面上以相同初速度并排进入磁场，忽略两线框之间的相互作用。则（）A.甲线框进磁场和出磁场的过程中电流方向相同B.甲、乙线框刚进磁场区域时，所受合力大小之比为C.乙线框恰好完全出磁场区域时，速度大小为0 D.甲、乙线框从刚进磁场区域到完全出磁场区域产生的焦耳热之比为【答案】D【解析】【分值】4二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.一列简谐横波在介质中沿直线传播，其波长大于，a、b为介质中平衡位置相距的两质点，其振动图像如图所示。则时的波形图可能为（）A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分值】6 9.在双缝干涉实验中，某实验小组用波长为的蓝色激光和波长为的红色激光组成的复合光垂直照射双缝，双缝间距为，双缝到屏的距离为，则屏上（）A.蓝光与红光之间能发生干涉形成条纹B.蓝光相邻条纹间距比红光相邻条纹间距小C.距中央亮条纹中心处蓝光和红光亮条纹中心重叠D.距中央亮条纹中心处蓝光和红光亮条纹中心重叠【答案】BC【解析】【分值】6 10.如图，与水平面成夹角且固定于O、M两点的硬直杆上套着一质量为的滑块，弹性轻绳一端固定于O点，另一端跨过固定在Q处的光滑定滑轮与位于直杆上P点的滑块拴接，弹性轻绳原长为OQ，PQ为且垂直于OM。现将滑块无初速度释放，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。滑块与杆之间的动摩擦因数为0.16，弹性轻绳上弹力F的大小与其伸长量x满足。，g取，。则滑块（）A.与杆之间的滑动摩擦力大小始终为B.下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量相同C.从释放到静止的位移大小为D.从释放到静止克服滑动摩擦力做功为【答案】AC【解析】【分值】6三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.下图为探究加速度与力、质量关系的部分实验装置。（1）实验中应将木板__________________（填“保持水平”或“一端垫高”）。（2）为探究加速度a与质量m的关系，某小组依据实验数据绘制的图像如图所示，很难直观看出图线是否为双曲线。如果采用作图法判断a与m是否成反比关系，以下选项可以直观判断的有_________。（多选，填正确答案标号）A.图像B.图像C.图像D.图像（3）为探究加速度与力的关系，在改变作用力时，甲同学将放置在实验桌上的槽码依次放在槽码盘上；乙同学将事先放置在小车上的槽码依次移到槽码盘上，在其他实验操作相同的情况下，_________（填“甲”或“乙”）同学的方法可以更好地减小误差。【答案】(1)一端垫高（2）AC（3）乙【解析】（1）实验需平衡摩擦力，应将木板一端垫高，在不挂槽码盘时使小车能匀速运动。（2）物理实验中，为了减小误差，通常将图像“化曲为直”。A.作出图像，可以将图像“化曲为直”，若图像是通过原点的倾斜直线，则a与m是成反比关系，A正确；B．作出图像，无法体现a与m是成反比关系，B错误；C．作出图像，若a与m是成反比关系，有为定值，则图像是一条平行与横轴的直线，可判断a与m是成反比关系，C正确；D．作出图像，无法体现a与m是成反比关系，D错误。故选AC。甲同学的方法中，槽码依次放在槽码盘上，设小车质量M不变，槽码和槽码盘总质量为m，绳子拉力为F，对于小车，由牛顿第二定律可得F=Ma，对于槽码和槽码盘，mg-F=ma，解得拉力F=MmgM+m，当M》m时，，但随着m增大，不满足条件，拉力与mg偏差增大，误差变大；乙同学的方法中，将小车上的槽码移到槽码盘上，总质量不变，设每个草码质量为m0，将小车中nm0草码移入槽码盘，由牛顿第二定律可得拉力F=(M−nm0)(m+nm0)M+mg=Mm+(M−m−mm0)nm0M+mg，当时近似F=mg，，但实际总质量不变），拉力更接近理论值，系统误差更小，故乙同学方法更好。【分值】6 12.常用的电压表和电流表都是由小量程的电流表（表头）改装而成的，与电源及相关元器件组装后可构成多功能、多量程的多用电表。（1）某同学使用多用电表正确测量了一个的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选出以下必要的操作步骤并排序：①把选择开关旋转到“”位置。②把选择开关旋转到“”位置。③将红表笔和黑表笔接触。④调节欧姆调零旋钮使指针指向欧姆零点。下列选项中正确的是_________。（单选，填正确答案标号）A.①③④B.②③④C.②④③D.①④③（2）若将一个内阻为、满偏电流为的表头改装为量程的电压表，需要_________（填“串联”或“并联”）一个_________的电阻。（3）如图，某同学为探究由一个直流电源E、一个电容器C、一个电阻及一个电阻（）组成的串联电路中各元器件的位置，利用改装好的电压表分别测量各接线柱之间的电压，测得数据如表：根据以上数据可判断，直流电源E处于_________之间，电容器C处于_________之间，电阻处于_________之间。（填“1和2”“2和3”“3和4”或“1和4”）【答案】（1）B（2）串联1980（3）2和3 1和4 1和2【解析】（1）使用多用电表正确测量了一个的电阻后，要测量一个阻值约为的电阻，为了减小误差，需要换大挡，所以选择电阻“”挡，即把选择开关旋转到“”位置，后将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零。所以正确顺序为②③④，B正确，ACD错误。将表头改装为电压表需要串联一个电阻，由串联知识可得U=Ig(Rg+R)解得电容器隔直流，其两端电压为0，由表知“1和2”、“3和4”间电压为0，故电容器在这两处；电源两端电压最大，“2和3”间电压最大，为电源；RA>RB，根据U=IR，电阻大的两端电压大，“2和4”间电压大于“1和3”等，故RA在“2和4”间。【分值】9 13.某种卡车轮胎标准胎压范围为。卡车行驶过程中，一般胎内气体的温度会升高，体积及压强也会增大。若某一行驶过程中胎内气体压强p随体积V线性变化如图所示，温度为时，体积和压强分别为、；当胎内气体温度升高到为时，体积增大到为，气体可视为理想气体。（1）求此时胎内气体的压强；（2）若该过程中胎内气体吸收的热量Q为，求胎内气体的内能增加量。【答案】（1）（2）【解析】【分值】9 14.电子比荷是描述电子性质的重要物理量。在标准理想二极管中利用磁控法可测得比荷，一般其电极结构为圆筒面与中心轴线构成的圆柱体系统，结构简化如图（a）所示，圆筒足够长。在O点有一电子源，向空间中各个方向发射速度大小为的电子，某时刻起筒内加大小可调节且方向沿中心轴向下的匀强磁场，筒的横截面及轴截面示意图如图（b）所示，当磁感应强度大小调至时，恰好没有电子落到筒壁上，不计电子间相互作用及其重力的影响。求：（R、、均为已知量）（1）电子的比荷;（2）当磁感应强度大小调至时，筒壁上落有电子的区域面积S。【答案】（1）（2）【解析】当磁场的磁感应强度为时，电子刚好不会落到筒壁上。则电子以速度垂直轴线方向射出，电子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹恰好与圆筒壁相切，俯视图如图，由图可知，轨迹半径为r0=R2洛伦兹力提供向心力qvB=mv2r，可得（3）磁感应强度调整为后，将电子速度沿垂直轴线和平行轴线方向进行分解，分别设，如图，电子将在垂直轴线方向上做匀速圆周运动，平行轴线方向上做匀速直线运动，电子击中筒壁距离粒子源的最远点时，其垂直轴线方向的圆周运动轨迹与筒壁相切，则轨迹半径仍为r0=R2根据洛伦兹力提供向心力可得qvxB02=mvx2rx联立解得，sinθ=12由qvB=mv2r和T=2πrv可得T=2πmqB由出射到与筒壁相切，经过周期的一半时间，可知vy=v0cosθ=32v0平行磁场方向方向运动距离结合对称性，被电子击中的面积【分值】14 15.如图，有两个电性相同且质量分别为m、的粒子A、B，初始时刻相距，粒子A以速度沿两粒子连线向速度为0的粒子B运动，此时A、B两粒子系统的电势能等于。经时间粒子B到达P点，此时两粒子速度相同，同时开始给粒子B施加一恒力，方向与速度方向相同。当粒子B的速度为时，粒子A恰好运动至P点且速度为0，A、B粒子间距离恢复为，这时撤去恒力。己知任意两带电粒子系统的电势能与其距离成反比，忽略两粒子所受重力。求：（m、、、均为己知量）（1）粒子B到达P点时的速度大小；（2）时间内粒子B的位移大小；（3）恒力作用的时间。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）以A、B为系统，满足动量守恒条件，规定A运动方向为正方向，根据动量守恒定律可得，解得（2）设两者共速时距离为l1，根据能量守恒定律可得12mv02+125mv02=12×5mv12+EP解得：EP=1125mv02设EP=kl，则125mv02=kl0，1125mv02=kl1解得l1=l011两者共速前，A、B系统始终动量守恒，根据动量守恒则有即有根据位移关系可知xB+l0=xA+l1联立解得（3）整个过程中，对系统，由能量守恒可得12mv02+Fl0+125mv02=12mv02+125mv02对A，根据动量定理−F斥t2=0−mv0对B，根据动量定理(F−F斥)t2=4mv0−0联立解得。【分值】16。
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