2020届高三物理二轮复习专题辅导与应用强化练3 牛顿运动定律的理解及应用.doc

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强化练3牛顿运动定律的理解及应用对应学生用书第169页1．(2020·大庆实验中学三模，14)以下说法正确的是导学号：82460602()A．在国际单位制中，力学的基本单位是千克、牛顿、秒B．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比C．“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”概念的建立都体现了等效代替的思想D．牛顿通过理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”，用到的物理思想方法属于“理想实验”法解析：A.在国际单位制中，力学的基本单位是千克、米、秒，牛顿不是基本单位，是导出单位，故A错误；B.电场强度是用比值法定义的，其大小与电场力和电量无关；故B错误；C.“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”概念的建立都体现了等效代替的思想，故C正确；D.伽利略通过理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”，用到的物理思想方法属于“理想实验”法，故D错误．答案：C 2．(2020·永州三模，15)一质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是导学号：82460603()A．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1＝v2(t2－t1)B．铁块上滑过程处于超重状态C．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反D．铁块上滑过程损失的机械能为mv解析：A.速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为v1t1，下滑的位移为v2(t2－t1)，经过一段时间又返回出发点说明：v1t1＝v2(t2－t1)，故A正确；B.上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故B错误，C错误；D.根据能量守恒知上滑损失机械能为：ΔE＝Ek1－mgh＝mv－mgv1t1，故D错误．答案：A 3．(2020·衡水高三调，19)如图是汽车运送圆柱形工件的示意图。图中P、Q、N是固定在车体上的压力传感器，假设圆柱形工件表面光滑，汽车静止不动时Q传感器示数为零，P、N传感器示数不为零。当汽车向左匀加速启动过程中，P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零。已知sin 15°＝0.26，cos 15°＝0.97，tan 15°＝0.27，g＝10 m/s2.则汽车向左匀加速启动的加速度可能为导学号：82460604()A．4 m/s2 B．3 m/s2 C．2 m/s2 D．1 m/s2解析：当汽车向左匀加速启动过程中，P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零，受力分析如图知：FQ＋mg＝FNcos 15°①F合＝FNsin 15°＝ma②由①②知：a＝tan 15°＝×0.27N＋10×0.27N＝0.27×＋2.7≥2.7，故选A、B.答案：AB 4．(2020·西安交大附中三模，15)运动员手持乒乓球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则导学号：82460605()A．球拍对球的作用力mgcosθB．运动员对球拍的作用力为MgcosθC．运动员的加速度为gtanθD．若运动员的加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上运动解析：A.对乒乓球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出受力图如图1，根据牛顿第二定律得：Nsinθ＝ma Ncosθ＝mg解得，a＝gtanθ，N＝以球拍和球整体为研究对象，如图2，根据牛顿第二定律得：运动员对球拍的作用力为F＝，故C正确，A、B错误；D.当a＞gtanθ时，乒乓球将向上运动，由于g sinθ与gtanθ的大小关系未知，故球不一定沿球拍向上运动，故D错误．答案：C 5．(2020·张掖三诊，18)如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始AB均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F＝6mg作用下，动滑轮竖直向上加速运动。已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮向上运动过程中，物块A和B的加速度大小分别为导学号：82460460()A．aA＝g，aB＝5g B．aA＝aB＝g C．aA＝g，aB＝3g D．aA＝0，aB＝2g解析：对滑轮分析：F－2T＝ma，又m＝0，所以：T＝＝＝3mg对A分析：由于T＜4mg，故A静止，aA＝0对B：aB＝＝＝2g，故A、B、C错误，D正确．故选：D答案：D 6．(2020·龙岩综测，18)蹦床运动可简化为一个落到竖直放置的轻弹簧的小球运动，如图甲所示。质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。以小球刚下落开始计时，以竖直向下为正方向，小球的速度v随时间t变化的图线如图乙所示。图线中的OA段为直线，与曲线ABCD相切于A点。不考虑空气阻力，则关于小球的运动过程，下列说法正确的是导学号：82460461()A．t2－t1＞t3－t2 B．下落h高度时小球速度最大C．小球在t4时刻所受弹簧弹力大于2mg D．小球在t2时刻重力势能和弹簧的弹性势能之和最大解析：A.小球在B点时，a＝0，即mg＝kΔxB，AB过程，合外力：F合＝mg－kΔx＝k(ΔxB－Δx)＝kx球B，x球B为球所处位置到平衡位置B的距离，同理可得BC过程也满足上述关系，故小球在AC之间做往复运动，故t2－t1＝t3－t2，故A错误；B.A是下降h高度时的位置，而AB过程，重力大于弹簧的弹力，小球做变加速直线运动，加速度小于g.B点是速度最大的地方，故B错误；C.由A中知C点与A点是对称的点，由A点到B点的弹簧长度变化，由对称性得由B到C的弹簧长度再变化，故到达D点时形变量要大于2，所以弹力大于2mg，所以C正确；D.系统在整个过程中，只受重力和弹簧弹力作用，系统机械能守恒，小球在t2时刻的速度最大，动能最大，故重力势能和弹簧的弹性势能之和最小，故D错误．答案：C 7．(2020·盐城1月检测，4)一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在车上的一根水平杆，物块M穿在杆上，M通过细线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时细线恰好在竖直方向上。现使小车如下图分四次分别以a1、a2、a3、a4向右匀加速运动，四种情况下M、m均与车保持相对静止，且图甲和图乙中细线仍处于竖直方向，已知a1∶a2∶a3∶a4＝1∶2∶4∶8，M受到的摩擦力大小依次为f1、f2、f3、f4，则错误的是导学号：82460462()A．f1∶f2＝1∶2 B．f1∶f2＝2∶3 C．f3∶f4＝1∶2 D．tanα＝2tanθ解析：A、B.甲、乙两图中，M水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f2＝Ma2而a1∶a2＝1∶2，则f1∶f2＝1∶2，故A正确，B错误；C.丙丁两图中，对m和M整体受力分析，受总重力(M＋m)g、支持力N、摩擦力f，如图：根据牛顿第二定律，有：f＝(M＋m)a所以f3∶f4＝a3∶a4＝4∶8＝1∶2，故C正确；D.对物体m隔离受力分析，可得tanθ＝，tanα＝，而a3∶a3＝4∶8，所以tanα＝2tanθ，故D正确．本题选错误的，故选B.答案：B 8．(2020·盐城1月检测，1)甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点(足够高)处同时由静止释放。两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即f＝kv(k为正的常量)．两球的vt图象如图所示。落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2。则下列判断正确的是导学号：82460463()A．释放瞬间甲球加速度较大B.＝C．甲球质量大于乙球D．t0时间内两球下落的高度相等解析：A.释放瞬间v＝0，因此空气阻力f＝0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；B、C.两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv＝mg，因此最大速度与其质量成正比，即vm∝m，＝，由图象知v1＞v2，因此m甲＞m乙，故B错误，C正确；D.图象与时间轴围成的“面积”表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等，故D错误．答案：C[备课札记]____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。